|
Post by Evgeny on May 10, 2022 14:45:47 GMT 4
შესაბამისი განმარტებები იხილეთ მასალაში (სავარჯიშო 4.9.16).
ა) მოიყვანეთ ისეთი ტოპოლოგიური სივრცის მაგალითი, რომელის არ არის ანტიდისკრეტული და არ აკმაყოფილებს განცალების $T_0$ აქსიპომას.
ბ) განვიხილოთ ორ ელემენტიანი $\{ a, b\}$ a b სივრცე, რომლის ღია ქვესიმრავლეებია მხოლოდ $\emptyset$ ,$ \{a\}$ და $\{ a, b\}$. შეამოწმეთ, რომ ეს სივრცე არის $T_0$ მაგრამ არ არის $T_1$ სივრცე.
ბ) განვიხილოთ ნებისმიერი უსასრულო $X$ სიმრავლე. შემოვიღოთ ამ სიმრავლეზე ტოპოლოგია შემდეგი წესის მიხედვით: $O$ სიმრავლე გამოვაცხადოთ ღია სიმრავლედ მაშინ და მხოლოდ მაშინ, თუ $O = \emptyset$ , $O = X$ ან თუ $O$ -ს დამატება $X$ -მდე $(X\setminus O )$ სასრული სიმრავლეა. შეამოწმეთ, რომ ეს მართლაც ტოპოლოგიაა $X$ -ზე და რომ ეს ტოპოლოგიური სივრცე აკმაყოფილებს განცალების $T_1$ აქსიომას, მაგრამ არ არის ჰაუსდორფის.
გ) დაამტკიცეთ, რომ $X$ ტოპოლოგიური სივრცე აკმაყოფილებს განცალების $T$ აქსიომას მაშინ და მხოლოდ მაშინ, როცა ყოველი $x\in X$ წერტილისათვის ერთწერტილიანი $\{x\}$ სიმრავლე ჩაკეტილია $X$ -ში.
|
|
aleksandretchagalidz
სრული წევრი
 
Die ganzen Zahlen hat der liebe Gott gemacht, alles andere ist Menschenwerk.
Posts: 130
|
Post by aleksandretchagalidz on May 18, 2022 17:47:47 GMT 4
ა)მაგალითისათვის ავიღოთ $X=\{a,b,c\}, \tau = \{\emptyset, X, \{a\}, \{b,c\}\}$ საკმარისია განვიხილოთ $b,c$ წყვილი. ორი მიდამო გააჩნია თითოეულს და ორივეში ერთად არიან  ბ)$a$-ს გააჩნია შესაბამისი მიდამო, ეს არის $\{a\}$, მაგრამ $b$-ს არა, რადგან მის ერთადერთ მიდამოში, $\{a,b\}$-ში ასევე შედის $a$ გ)4.9.11-ის ანალოგიური დამტკიცება აქვს. ვაჩვენოთ, რომ $T_1$ სივრცე არის და $T_2$ არა. პირველისთვის საკმარისია განვიხილოთ შემდეგი სიმრავლეები: $X\setminus \{x_2\}, X\setminus \{x_1\}, x_1 \neq x_2$. ახლა ვაჩვენოთ, რომ არ არის $T_2$ სივრცე. ვთქვათ $U$ შესაბამისი მიდამოა, რომელიც $x$-ს შეიცავს, $V$ კი $y$-ს. პირობის თანახმად $U \cap V=\emptyset$ გამოდის $X\setminus(U \cap V) = X \setminus \emptyset \rightarrow (X\setminus U) \cup (X\setminus V)=X$. $U,V$ ღია სიმრავლეებია ანუ მათი დამატებები სასრულია (ცარიელი ვერ იქნება ვერცერთი). მაგრამ ორი სასრული სიმრავლის გაერთიანება უსასრულო ვერ იქნება. რ.დ.გ.
|
|
aleksandretchagalidz
სრული წევრი
 
Die ganzen Zahlen hat der liebe Gott gemacht, alles andere ist Menschenwerk.
Posts: 130
|
Post by aleksandretchagalidz on May 18, 2022 18:23:56 GMT 4
დ)თუ ყოველი ერთწერტილიანი ჩაკეტილია, მაშინ სივრცე აკმაყოფილებს $T_1$ აქსიომას, როგორც ეს გ)-დან ჩანს. ვთქვათ ეხლა გვაქვს $T_1$. გვინდა დავამატკიცოთ, რომ $\{y\}$ ჩაკეტილია $\leftrightarrow X \setminus \{y\}$ ღიაა. განვიხილოთ ყველა $x\in X, x \neq y$. პირობის თანახმად ყოველი ასეთი $x$-ისათვის, მოიძებნება ისეთი მიდამო, რომელიც არ შეიცავს $y$-ს. ავღნიშნოთ ის როგორც $V(x)$. გამოდის $V(x) \subset X\setminus \{y\}$. ანუ $X\setminus \{y\}=\bigcup_{x\in X \setminus \{y\} } V(x)$ მაგრამ ღია სიმრავლეების გაერთიანება ისევ ღია სიმრავლეა!
|
|